常染色体隐性    2/3    3    3/10    1/4    1/8    5/16    13/27   

【解析】

（1）Ⅰ-1、Ⅰ-2正常，而Ⅱ-1（女性）患病，可判断该遗传病的遗传方式是常染色体隐性遗传。就该病而言，Ⅱ-1患病，则Ⅰ-1、Ⅰ-2基因型均为Tt，Ⅱ-2正常（T_），TT:Tt＝1:2，则其基因型为Tt的概率为2/3。

（2）由于Ⅱ-5为AB血型（I^AI^B），则Ⅰ-5基因型可能为I^AI^A、I^AI^B、I^Ai、I^BI^B、I^Bi，血型共3种：A型、B型、AB型。Ⅰ-1、Ⅰ-2基因型均为Tt，又Ⅱ-3为AB血型，则Ⅱ-3基因型为（1/3TT、2/3Tt）I^AI^B，由于Ⅰ-3患病，又Ⅱ-4为O型，则Ⅱ-4基因型为Ttii，Ⅲ-1正常（T_），TT:Tt=2:3，则Tt占3/5，血型为A型（I^Ai）的概率为1/2，故Ⅲ-1为Tt且表现A血型的概率为3/5×1/2=3/10。

（3）就血型而言，Ⅲ-1基因型为1/2I^Ai和1/2I^Bi，由于Ⅱ-5为AB型（I^AI^B），Ⅱ-6为O型（ii），则Ⅲ-2基因型为1/2I^Ai和1/2I^Bi，Ⅲ-1与Ⅲ-2产生的配子均为I^A:I^B:i=1:1:2，二者婚配，则后代为O型（ii）的概率为1/2×1/2=1/4，AB型（I^AI^B）的概率为1/4×1/4×2=1/8。

（4）Ⅲ-1和Ⅲ-2的女儿为B血型（I^BI^B或I^Bi）的概率为1/4×1/4+1/4×1/2×2=5/16。就该病而言，Ⅲ-1基因型为2/5TT、3/5Tt，产生的配子为7/10T、3/10t，由于Ⅲ-3患病，则Ⅱ-5、Ⅱ-6基因型均为Tt，则正常Ⅲ-2（T_）基因型为1/3TT、2/3Tt，产生的配子为2/3T、1/3t，Ⅲ-1和Ⅲ-2婚配，正常女儿（T_）中TT和Tt的比例为14:13，其中携带致病基因（Tt）的概率为13/27。

【点睛】

本题主要考查人类遗传病的相关知识，要求学生正确判断人类遗传病的遗传方式，写出各个体的基因型，判断后代患病的概率。

 性状  性状是否分离  1和3  a、c、d、b  感病、抗病  Mp的A1基因发生了突变  （A类）基因（型）频率改变  将含有不同抗病基因的品种轮换/间隔种植；将多个不同抗病基因通过杂交整合到一个品种中

【解析】【分析】该题主要考查遗传定律的应用、基因、蛋白质与性状的关系及育种方法的有关知识。要获得纯合的新品种，结合题意，首先通过不同品种杂交，将不同的抗性结合到一起，再通过自交使之出现纯合子，最后用PCR技术筛选出纯合子植株作为稳定遗传的新品种。

【详解】（1）水稻的抗病与感病符合同一种生物的同一性状的不同表现型，是一对相对性状；通过观察自交子代是否发生性状分离来确定纯合子、杂合子的情况；

（2）①甲品种与感病品种杂交后，对不同植株的R₁、r₁进行PCR扩增。已知R₁比r₁片段短。从扩增结果分析，植株1只有和M的200bp的基因相同的基因，基因型为R₁R₁，植株3有和M相同的基因，基因型为R₁r₁，植株2只有和M的400bp的基因相同的基因，基因型为r₁r₁，所以1和3为抗病植株，2为感病植株；

②为了在较短时间内选育新的纯合抗病植株，先让甲、乙杂交得到子一代，再用子一代（R₁r₁R₂r₂r₃r₃）植株与丙（r₁r₁r₂r₂R₃R₃）杂交，得到四种不同基因型的子代，然后用PCR方法选出R₁r₁R₂r₂R₃r₃植株，然后自交得到9种不同基因型的子代， 最后用PCR方法选出R₁R₁R₂R₂R₃R₃植株；

（3）基因型为R₁R₁r₂r₂R₃R₃和r₁r₁R₂R₂R₃R₃的水稻被基因型a₁a₁A₂A₂a₃a₃为的Mp侵染，因只有R蛋白与相应的A蛋白结合，抗病反应才能被激活，基因型为R₁R₁r₂r₂R₃R₃的水稻没有R₂蛋白与Mp的A₂蛋白结合，抗病反应不能被激活；基因型为r₁r₁R₂R₂R₃R₃的水稻中有与A₂蛋白结合的相应的R₂蛋白，抗病反应能被激活，因此这两种水稻的抗病性表现依次为感病、抗病；

（4）每年用Mp（A₁A₁a₂a₂a₃a₃）人工接种水稻品种甲（R₁R₁r₂r₂r₃r₃.），几年后甲品种丧失了抗病性，由于水稻的基因没有变异，只能是 Mp（A₁A₁a₂a₂a₃a₃）的A₁基因发生突变，使甲品种R₁蛋白没有A₁蛋白与之结合，抗病反应不能被激活，丧失抗性 ；

（5）由于Mp有多种不同基因型的个体，而单一抗病类型的水稻只对其中一种Mp有抗性，长期种植这一种类型将会引起Mp种群中其他类型的个体大量繁殖，其A基因频率升高，该品种不能对其他类型的Mp有抗性，导致其抗病性逐渐减弱直至丧失，无法再生产中继续使用；

（6）为避免单一抗病类型的水稻品种抗病性丧失过快，可以将不同水稻抗病品种（甲、乙、丙）混种；育种时培养同时含有多对抗性基因的纯合子品种（如R₁R₁R₂R₂R₃R₃）。

【点睛】其一要抓住“只有R蛋白与相应的A蛋白结合，抗病反应才能被激活”这一条件，才能判断感病和抗病类型；其二单一抗病类型的水稻客观上对Mp起到选择作用，导致其他类型的Mp留下来，其中的A基因频率升高，这种水稻对这些Mp没有抗性，在生产上就没有价值了。

ZW   1/4    1/8   TTZ^BZ^b    TtZ^BZ^b×TtZ^bW   3/16 TTZ^bZ^b×TTZ^BW；TTZ^bZ^b×ttZ^BW；ttZ^bZ^b×TTZ^BW

【分析】

根据提干信息分析，芦花羽基因B对全色羽基因b为显性，位于Z染色体上，而W染色体上无相应的等位基因；常染色体上基因T的存在是B或b表现的前提，tt时为白色羽，则芦花羽鸡的基因型为T_Z^BZ^_、T_Z^BW，全色羽鸡基因型为T_Z^bZ^b、T_Z^bW，白色羽鸡的基因型为tt_ _。

【详解】

（1）鸡的性别决定方式是ZW型，雌鸡的性染色体组成为ZW，雄鸡的性染色体组成为ZZ。

（2）根据题意分析，TtZ^bZ^b与ttZ^BW杂交，后代芦花羽雄鸡（TtZ^BZ^b）所占比例为1/2×1/2=1/4；用该芦花羽雄鸡（TtZ^BZ^b）与ttZ^BW杂交，子代中芦花羽雌鸡（TtZ^BW）所占比例为1/2×1/4=1/8。

（3）芦花羽雄鸡的基因型为T_Z^BZ^_，与ttZ^bW杂交，子代中芦花羽（T_Z^B_）∶全色羽（T_Z^b_）=1∶1，说明该雄鸡基因型为TTZ^BZ^b。

（4）一只芦花羽雄鸡（T_Z^BZ^_）与一只全色羽雌鸡（T_Z^bW）交配，子代中出现了白色羽鸡，说明两个亲本都含有t，后代出现了3只全色羽，说明父本含有b基因，因此两个亲本的基因型为TtZ^BZ^b、TtZ^bW，则子代中芦花羽雌鸡（T_ Z^bW）所占比例为3/4×1/4=3/16。

（5）利用纯合亲本杂交，TTZ^bZ^b×TTZ^BW，后代雌鸡全部是全色羽，雄鸡全部是芦花羽；TTZ^bZ^b×ttZ^BW，后代雌鸡全部是全色羽，雄鸡全部是芦花羽；ttZ^bZ^b×TTZ^BW，后代雌鸡全部是全色羽，雄鸡全部是芦花羽。

【点睛】

解答本题的关键是根据题干信息判断鸡的三种羽色对应的可能的基因型，并利用基因的分离定律和自由组合定律分析和进行概率计算。

YyRr    yyRr    黄色皱粒、绿色皱粒    1:1    1/4    YyRR    1:1    YyRr    4    1:1:1:1   

【分析】

以题意中“亲本的表现型”和柱形图中呈现的“F₁的表现型及其数量”为切入点，运用统计学的方法，分析F₁每一对性状分离比，进而确定亲本和F₁的基因型。在此基础上，围绕题意和基因的自由组合定律的知识进行相关问题的解答。

【详解】

(1) 依题意和图示分析可知：黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，在F₁中，黄色∶绿色＝1∶1，说明双亲的基因组成为Yy×yy；圆粒∶皱粒＝3∶1，说明双亲的基因组成为Rr×Rr。综上分析，亲本的基因组成是YyRr和yyRr。

(2) F₁的表现型及其比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝3∶1∶3∶1，因此在F₁中，表现型不同于亲本的是黄色皱粒、绿色皱粒，它们之间的数量比为1∶1。F₁的基因型及其比例为RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1、Yy∶yy＝1∶1，所以F₁中纯合子占的比例是1/2（RR＋rr）×1/2 yy＝1/4。

(3) F₁中黄色圆粒豌豆的基因组成有两种：YyRR和Yy Rr。

①如果用F₁中基因型为YyRR的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆（yyrr）杂交，得到的F₂的性状类型有2种，它们的数量比为黄色圆粒（YyRr）∶绿色圆粒（yyrr）＝1∶1。

②如果用F₁中基因型为YyRr的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆（yyrr）杂交，得到的F₂的性状类型有4种，它们的数量比为黄色圆粒（YyRr）∶黄色皱粒（Yyrr）∶绿色圆粒（yyRr）∶绿色皱粒（yyrr）＝1∶1∶1∶1。

自由组合    X    DdX^AX^a    2    红眼果蝇：白眼果蝇=7:1（或红眼雌果蝇：红眼雄果蝇：白眼雄果蝇=4：3：1）        

【解析】

本题考查伴性遗传、基因的自由组合定律及其应用的相关知识，意在考查学生能理解所学知识要点，把握知识间的内在联系，并运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对对各小题做出合理的判断或得出正确的结论的能力。要解答此题，首先要从题干和表格中获取有效信息，例如根据题干信息“当同时含有显性基因A和D时，表现为紫眼；当不含A基因时，均表现为白眼；其他类型表现为红眼”可确定各种眼色果蝇大致的基因型；根据表格中果蝇的性状比例是9∶3∶3∶1的变式，可判断两对等位基因遵循基因的自由组合定律；根据雌雄果蝇的眼色表现不完全相同可确定有一对基因位于X染色体上。

（1）紫眼亲代雌果蝇与雄果蝇杂交，F₁的表现型及比例为紫眼∶红眼∶白眼＝(3/4＋3/8)∶(1/4＋1/8)∶1/2＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变式，由此可推知A、a和D、d两对等位基因的遗传符合自由组合定律；由于F₁中雌雄果蝇的眼色表现不完全相同，可推知A、a和D、d两对等位基因有一对位于X染色体上，一对位于常染色体上（因为两对基因遵循自由组合定律）。假设D、d基因位于X染色体上，则A、a基因位于常染色体上，根据题意可知，亲代雌雄果蝇的基因型是AaX^DX^d和AaX^DY，则F₁中会出现基因型为aaX^DX^_的雌果蝇，表现为白眼雌果蝇，与题意不符。假设A、a基因位于X染色体上，则D、d基因位于常染色体上，根据题意可知，亲代雌雄果蝇的基因型是DdX^AX^a和DdX^AY，则F₁中雌果蝇的基因型为3/4D_X^AX^_、1/4dd X^AX^_，表现型及比例为3/4紫眼和1/4红眼；雄果蝇的基因型为(3/4×1/2) D_X^AY、(1/4×1/2)dd X^AY、1/2_ _X^aY，表现型及比例为3/8紫眼、1/8红眼和1/2白眼，符合题意，因此，可确定A、a基因位于X染色体上。

（2）根据第（1）小题的分析可知， A、a基因位于X染色体上，D、d基因位于常染色体上，已知同时含有显性基因A和D时，表现为紫眼，所以紫眼亲代雌果蝇的基因型可表示为DdX^AX^a ；雄果蝇的体细胞中含有1条X染色体，在有丝分裂后期，染色体数目是体细胞的2倍，含有2条X染色体。因此，正常白眼雄果蝇的细胞中最多可出现2条X染色体。

（3）F₁中红眼雌果蝇的基因型是1/2dd X^AX^A和1/2dd X^AX^a，红眼雄果蝇的基因型是ddX^AY，F₁中红眼雌雄果蝇随机交配产生F₂，F₂的基因型有ddX^AX^_、ddX^AY、ddX^aY，其中只有基因型为ddX^aY的果蝇表现为白眼（所占比例为1/2×1/2×1/2＝1/8），其余均为红眼，因此，F₂的表现型及其比例为红眼果蝇∶白眼果蝇＝7∶1。

（4）根据题干信息可知，紫眼雄果蝇的大致基因型是D_X^AY，纯合白眼雌果蝇的大致基因型是_ _X^aX^a，若一紫眼雄果蝇与一纯合白眼雌果蝇杂交，后代中有红眼雌果蝇（ddX^AX^_）出现，可推知两亲本果蝇大致的基因型为DdX^AY×_dX^aX^a。又因为已知亲代白眼雌果蝇为纯合子，所以可确定量亲本的基因型是DdX^AY和ddX^aX^a。因此，亲本雌果蝇ddX^aX^a只能产生一种dX^a雌配子，亲本雄果蝇DdX^AY能产生DX^A、dX^A、DY和dY四种数目相等的配子，后代的基因型及比例为DdX^AX^a∶ddX^AX^a∶DdX^aY∶ddX^aY＝1∶1∶1∶1，则后代的表现型及比例为紫眼雌果蝇∶红眼雌果蝇∶白眼雄果蝇＝1∶1∶2，可据此写出遗传图解。